当前位置: 首页 > >

2019物理重庆高考一轮复习检测试题(带答案)精品教育.doc

物理 2019 届重庆高考一轮复习检测试题(带答 案)
物理是当今最精密的一门自然科学学科,以下是物理 2019 届重庆高考一轮复习检测试题,供考生练习。 一、单项选择题 1.如图所示,在皮带传送装置中,皮带把物体 P 匀速带至高 处,在此过程中,下述说法正确的是(A) A.摩擦力对物体做正功 B.摩擦力对物体做负功 C.支持力对物体做正功 D.合外力对物体做正功 解析:物体 P 匀速向上运动过程中,受静摩擦力作用,方向 沿皮带向上,对物体做正功,支持力垂直于皮带,做功为零, 合外力为零,做功也为零,故 A 正确,B、C、D 错误. 2.小明同学骑电动自行车沿平直公路行驶,因电瓶没电,故 改用脚蹬车匀速前行.设小明与车的总质量为 100 kg,骑行 过程中所受阻力恒为车和人总重的 0.02 倍,g 取 10 m/s2. 通过估算可知,小明骑此电动车做功的平均功率最接近(B) A.10 W B.100 W C.300 W D.500 W 解析:由 P=Fv 可知,要求骑车人的功率,一要知道骑车人 的动力,二要知道骑车人的速度,由于自行车匀速行驶,由
第1页

二力平衡的知识可知 F=f=20 N,对于骑车人的速度我们应该 有一个定性估测,约为 5 m/s,所以 P=Fv=205 W=100 W,B 正确. 3.娱乐节目中有这样一种项目,选手需要借助悬挂在高处的 绳飞跃到鸿沟对面的平台上,如果选手的质量为 m,选 手抓住绳由静止开始摆动,此时绳与竖直方向的夹角为,绳 的悬挂点 O 距平台的竖直高度为 H,绳长为 l(lh2 B.h1h2.故选 A. 5.(2019 南昌模拟)如图所示,甲、乙两车用轻弹簧相连静止 在光滑的水平面上,现在同时对甲、乙两车施加等大反向的 水平恒力 F1、F2,使甲、乙同时由静止开始运动,在整个过 程中,对甲、乙两车及弹簧组成的系统(假定整个过程中弹 簧均在弹性限度内),说法正确的是(B) A.系统受到外力作用,动能不断增大 B.弹簧伸长到最长时,系统的机械能最大 C.恒力对系统一直做正功,系统的机械能不断增大 D.两车的速度减小到零时,弹簧的弹力大小大于外力 F1、F2 的大小 解析:对甲、乙单独受力分析,两车都先加速后减速,故系 统动能先增大后减少,A 错误;弹簧最长时,外力对系统做正 功最多,系统的机械能最大,B 正确;弹簧达到最长后,甲、 乙两车开始反向加速运动,F1、F2 对系统做负功,系统机械
第2页

能开始减少,C 错;当两车第一次速度减小到零时,弹簧弹力 大小大于 F1、F2 的大小,当返回后速度再次为零时,弹簧 的弹力大小小于外力 F1、F2 的大小,D 错. 二、多项选择题 6.一个小球在真空中自由下落,另一个同样的小球在黏性较 大的液体中由静止开始下落.它们都由高度为 h1 的地方下落 到高度为 h2 的地方,在这两种情况下(AD) A.重力做功相同 B.动能的变化量相同 C.重力势能都转化为动能 D.第二种情况下小球的机械能减少 解析:小球重力相同,下落的高度也一样,故重力做功相同, 选项 A 正确;在真空中下落,只有重力做功,在液体中下落 还要受到液体阻力,故合力做功不同,动能的变化量不同, 选项 B 错误;第二种情况下,小球的重力势能转化为动能和 内能,机械能减小,选项 C 不对,选项 D 正确. 7.某娱乐项目中,参与者抛出一小球去撞击触发器,从而进 入下一关.现在将这个娱乐项目进行简化,假设参与者从触 发器的正下方以 v 的速率竖直上抛一小球,小球恰好击中触 发器.若参与者仍在刚才的抛出点,沿 A、B、C、D 四个不同 的光滑轨道分别以速率 v 抛出小球,如图所示.则小球能够 击中触发器的是(CD)
第3页

解析:本题借助四种不同运动形式考查了机械能守恒定律. 若小球恰好击中触发器,由机械能守恒可知:mv2=mgh.在选 项 A 情况中,小球不可能静止在最高处,选项 A 错误;在选 项 B 情况中,小球离开直轨道后,在重力作用下,做斜上抛 运动其最高点的速度不为零,因此小球不可能击中比其轨迹 最高点还高的触发器,选项 B 错误;在选项 C 中,小球不会 脱离轨道,由机械能守恒可知,小球也恰好击中触发器,选 项 C 正确;在选项 D 情况中,小球在圆管轨道的最高点的最 小速度可以为零,由机械能守恒可知,小球也恰好击中触发 器,选项 D 正确. 8.如图所示长木板 A 放在光滑的水平地面上,物体 B 以水平 速度冲上 A 后,由于摩擦力作用,最后停止在木板 A 上,则 从 B 冲到木板 A 上到相对木板 A 静止的过程中,下列说法中 正确的是(CD) A.物体 B 动能的减少量等于系统损失的机械能 B.物体 B 克服摩擦力做的功等于系统内能的增加量 C.物体 B 损失的机械能等于木板 A 获得的动能与系统损失的 机械能之和 D.摩擦力对物体 B 做的功和对木板 A 做的功的总和等于系统 内能的增加量 解析:根据能量的转化,B 的动能减少量等于系统损失的机 械能加 A 的动能增加量,A 错 C 对;B 克服摩擦力做的功等于
第4页

B 的动能减少量,B 错;对 B:WfB=EkB-EkB,对 A:WfA=E 则 WfA+WfB=(EkA+EkB)-EkB=E 内增,D 对. 三、计算题 9.(2019 抚顺模拟)如图所示,AB 和 CDO 都是处于竖直平面 内的光滑圆弧形轨道,OA 处于水平位置.AB 是半径为 R=2 m 的圆周轨道,CDO 是半径为 r=1 m 的半圆轨道,最高点 O 处 固定一个竖直弹性挡板.D 为 CDO 轨道的中点.BC 段是水平粗 糙轨道,与圆弧形轨道平滑连接.已知 BC 段水平轨道长 L=2 m, 与小球之间的动摩擦因数=0.4.现让一个质量为 m=1 kg 的小 球 P 从 A 点的正上方距水平线 OA 高 H 处自由落下(g 取 10 m/s2). (1)当 H=1.4 m 时,求此球第一次到达 D 点对轨道的压力大 小; (2)当 H=1.4 m 时,试通过计算判断此球是否会脱离 CDO 轨 道.如果会脱离轨道,求脱离前球在水平轨道经过的路程;如 果不会脱离轨道,求静止前球在水平轨道经过的路程. 解析:(1)设小球第一次到达 D 的速度 vD,P 到 D 点的过程 对小球列动能定理: mg(H+r)-mgL= 在 D 点对小球列牛顿第二定律:FN= 联立解得:FN=32 N 由牛顿第三定律得小球在 D 点对轨道的压力大小
第5页

FN=FN=32 N. (2)第一次来到 O 点时速度为 v1,P 到 O 点的过程对小球列 动能定理: mgH-mgL= 解得:v1=2 m/s 恰能通过 O 点,mg= 临界速度 vO= m/s 由于 v1vO,故第一次来到 O 点之前没有脱离. 设第三次来到 D 点的动能 Ek 对之前的过程列动能定理: mg(H+r)-3mgL=Ek 代入解得:Ek=0 故小球一直没有脱离 CDO 轨道 设此球静止前在水平轨道经过的路程 s,对全过程列动能定 理: mg(H+R)-mgs=0 解得:s=8.5 m. 答案:(1)32 N (2)8.5 m 10.有一倾角为=37 的硬杆,其上套一底端固定且劲度系数为 k=120 N/m 的轻弹簧,弹簧与杆间无摩擦.一个质量为 m=1 kg 的小球套在此硬杆上,从 P 点由静止开始滑下,已知小球与 硬杆间的动摩擦因数为=0.5,P 与弹簧自由端 Q 间的距离为 l=1 m.弹簧的弹性势能与其形变量 x 的关系为 Ep=kx2(sin
第6页

37=0.6,cos 37=0.8,g 取 10 m/s2).求: (1)小球从开始下滑到与弹簧自由端相碰所经历的时间 t; (2)小球运动过程中达到的最大速度 vm; (3)若使小球在 P 点以初速度 v0 下滑后又恰好回到 P 点,则 v0 需多大? 解析:(1)由牛顿第二定律得: F 合=mgsin mgcos =ma, 解得 a=2 m/s2 由 l=at2,解得 t==1 s. (2)当小球从 P 点无初速滑下时,弹簧被压缩至 x 处有最大 速度 vm,由 mgsin mgcos =kx 得 x= m=0.017 m 由功能关系得: mgsin (l+x)-mgcos (l+x)-W 弹=mv 又 W 弹=kx2 代入数据解得 vm=2 m/s. (3)设小球从 P 点压缩弹簧至最低点,弹簧的压缩量为 x1, 由动能定理得 mgsin (l+x1)-mgcos (l+x1)-kx=0-mv 从最低点经过弹簧原长 Q 点回到 P 点的速度为 0,则有:
第7页

kx-mgsin (l+x1)-mgcos (l+x1)=0 解得:x1=0.5 m,v0=4.9 m/s. 答案:(1)1 s (2)2 m/s (3)4.9 m/s 物理 2019 届重庆高考一轮复习检测试题和答案的所有内容 就是这些,查字典物理网希望考生金榜题名。
第8页




友情链接: year2525网 工作范文网 QS-ISP 138资料网 528200 工作范文网 baothai 表格模版